为什么这段代码不打印“20”？

Question

void fun(int* x){
    x=(int*)malloc(sizeof(int));
    *x = 20;
}

int main(){
    int y=31;
    fun(&y);
    printf(%d,y);
}

为什么这段代码编译成功了？

评论：是在Eclipse上编译的我在网上看到问题： x=(int*)malloc(sizeof(int));

为什么这个程序在运行时没有崩溃？

Answer 1

代码在语法上没有问题，因此可以编译。

y的地址被传递给函数。函数中保存 y 地址的指针 x 被 malloc 分配的有效内存地址覆盖。一个 int 被写在那里而不是 y 因为指针的值被改变了。然后函数 returns（fun 中分配的内存执行 'leak'）。

main中y的值保持不变。

此程序的行为已定义。

Answer 2

嘿，你传递的是压入堆栈的变量 y 的地址副本。您只需通过分配 malloc 返回的地址并通过

将值 20 复制到该地址来操作指针（在指针被推送的位置）

*x = 20

这对 main 中的变量没有影响，即 y

如果你想让它打印 20 这可能会有所帮助

void fun(int** x){
    *x=(int*)malloc(sizeof(int));
    **x = 20;
}

int main(){
    int *y;
    fun(&y);
    printf("%d",*y);
}

Answer 3

x=(int*)malloc(sizeof(int));  //x point to a new addr.

*x = 20;  // change value of new pointer

删除行x=(int*)malloc(sizeof(int));，就可以了。

Answer 4

我想你想做的是改变 main 函数中变量 y 的地址。您不能通过将 y 的地址值传递给函数来做到这一点。因为根本没有对 y 的地址进行赋值操作。在您的示例中， y 的地址没有变量（基本上是一个指针）（忘记分配）。

    int* fun(int* x){
        printf("Fun before %p - %d\n", x, *x);
        x = malloc(sizeof(int));
        *x = 20;
        printf("Fun after %p - %d\n", x, *x);
        return x;  // return your new address
   }

   int main(){
       int *y = malloc(sizeof(int));
       *y = 31;
       printf("Main before %p - %d\n", y, *y);
       y = fun(y);  // assign your new address here
       printf("Main after %p - %d\n", y, *y);
       return 0;
   }

但上面的代码就可以了。

为什么这段代码不打印“20”？

why this code doesn't print "20"?

c

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