CodeIgniter

Question

这可能是一个远景，但我正在努力寻找在线帮助，我真的迷路了..

我正在构建一个 CodeIgniter Web 应用程序，用户可以在其中登录并创建电子邮件模板，然后将它们发送给联系人..

我正在使用 Trumbowyg Editor 创建电子邮件模板，我发现它非常好且灵活，我有预制模板，用户可以 select 并根据需要进行编辑..

然而，我想要的是让用户创建自己的模板，或对现有模板进行编辑，然后保存它以便日后返回。我认为可以保存它对于我的数据库，我有一个模板 table 使用外键等正确设置，并且我将 'templatestyle' 字段类型设置为 'blob'，以便在此处保存内容..

我能够获取所见即所得的内容，因为当我测试单击 saveContent 按钮的这段代码时，我在 console.log;

中获取了当前内容

$("#saveContent").click(function(){
console.log($("#trumbowyg-demo").html());

});

所以我需要的是将此内容保存到我的数据库模板 table 中，该模板有 3 列； '一个id，用户的外键id和模板样式..

我知道这里有很多内容，非常感谢提供任何代码来帮助我设置它以保存我的数据库

提前致谢！

Answer 1

一般来说，您只需将一个简单的 post 和一个变量发送到接收 post 变量并将其输入数据库的控制器方法。

JS:

$("#saveContent").click(function () {
    var content = $("#trumbowyg-demo").html();
    $.ajax({
        type: 'POST',
        url: '/somecontroller/add',
        data: {
            content: content
        },
        dataType: 'json',
        success: function (data) {
            if (data.status == 'error') {
                alert('An error occured: ' + data.msg);
            } else {
                alert('Success: ' + data.msg)
            }
        }
    });
});

PHP:

class Somecontroller extends CI_Controller {

    public function add() {

        $content = $this->input->post('content');

        if (empty($content)) {
            echo json_encode(array('status' => 'error', 'msg' => 'Content field cannot be empty!'));
            exit;
        }

        // db functions should be move to a model
        // probably would be a good idea to filter $content somehow
        // all the db insert does is escape
        $this->db->insert('sometable', array('somefield' => $content));

        echo json_encode(array('status' => 'success', 'msg' => 'Item added with id: ' . $this->db->insert_id()));
        exit;
    }

}

CodeIgniter - 在数据库中保存 HTML 所见即所得编辑器的内容以供日后使用

CodeIgniter - Save HTML content of WYSIWYG editor in a database to be used at a later date

php

jquery

wysiwyg