return false 为什么抓不到mysqli_stmt::prepare？

Question

我有这样的代码，故意造成查询错误： delete_test.php.

<?php
.....

$id = 1;
$sql = "xSELECT * FROM tbl_1 WHERE 1 AND id =?"; // Adding and an x to make this error
$stmt = $mysqli->stmt_init();
if(!$stmt->prepare($sql)){ // Line 56
    echo "There is something wrong #1";
    exit();
}else{
   $stmt->bind_param("i", $id);
   if(!$stmt->execute()){
       echo "There is something wrong #2";
       exit();
   }
  .....
}
.....
?>

当我运行 delete_test.php 我得到这个错误：

Fatal error: Uncaught mysqli_sql_exception: You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MariaDB server version for the right syntax to use near 'xSELECT * FROM tbl_1 WHERE 1 AND id =?' at line 1 in C:\xampp\htdocs\delete_test.php:56 Stack trace: #0 C:\xampp\htdocs\delete_test.php(56): mysqli_stmt->prepare('xSELECT * FROM ...') #1 {main} thrown in C:\xampp\htdocs\delete_test.php on line 56

而不是打印这个：

There is something wrong #1

为什么 php 忽略了 echo "There is something wrong #1"; 那一行的行错误？

以及如何使 echo "There is something wrong #1"; 打印在该行的行错误处？

Answer 1

您不能使用 if 语句捕获异常！

绝对没有理由将每个 mysqli 函数调用包装在 if 语句中，即使您要关闭 mysqli 错误报告。 Mysqli 可以触发异常，就像您收到的异常一样，它告诉您的信息远不止 "There is something wrong #1"。

你有 3 行代码，你把它变成了 12 行代码，你仍然没有在 if 语句中包装 stmt_init() 或 bind_param()。只需坚持简单的三行准备好的语句。

$stmt = $mysqli->prepare("xSELECT * FROM tbl_1 WHERE 1 AND id =?");
$stmt->bind_param('s', $id);
$stmt->execute();

PHP 具有内置的错误处理程序，因此如果发生错误，它可以将错误显示给最终用户或将错误记录在服务器上的文件中。后者是优选的。如果您想使用自己的错误处理程序，那么您可以将所有 PHP 代码包装在一个 try-catch 块中，并使用自定义记录器处理所有异常和错误。不要在 try-catch 中包装每个 mysqli 调用！

return false 为什么抓不到mysqli_stmt::prepare？

Why mysqli_stmt::prepare cannot be catched when return false?

php

mysqli

prepared-statement