有条件地忽略 gulp.src 中的文件

Question

源代码用于2个项目，每个项目都有一些通用代码。我想通过 gulp 任务有条件地忽略 module/folder/directory。

当我遵循它时，它完美无缺

return gulp.src(
  config.appMarkupFiles
  '!app/settings', '!app/settings/**'
)

但是，我想有条件地去做。我还使用 gulp-filter 尝试了以下代码，但对我不起作用。

var isQA = $.yargs.argv.stage === 'qa';

var filterSettings = $.filter(['!app/settings{, /**}'])
return gulp.src(
  config.appMarkupFiles
)
.pipe(($.if(isQA,$.filter(filterSettings)))

Answer 1

你的 gulpfile 只是 JavaScript 所以你可以使用 ternary operator 有条件地排除 gulp.src():

中的文件

var isQA = $.yargs.argv.stage === 'qa';

gulp.task('default', function() {
  return gulp.src([config.appMarkupFiles].concat((isQA) ? ['!app/settings{,/**}'] : []))
    .pipe(gulp.dest('dist'));
});

使用 gulp-filter 有效，但您的代码中有两个错误：

!app/settings{, /**} 和
您正在申请 $.filter 两次。

这是一个使用 gulp-filter 的有效解决方案：

var isQA = $.yargs.argv.stage === 'qa';

gulp.task('default', function() {
  return gulp.src(config.appMarkupFiles)
    .pipe($.if(isQA, $.filter(['!app/settings{,/**}'])))
    .pipe(gulp.dest('dist'));
});

有条件地忽略 gulp.src 中的文件

Conditionally Ignore files in gulp.src

glob

angularjs

gulp

gulp-filter

node-glob