如何使用objective-cpostJSON数据到PHP数据库？

Question

我在将数据发送到我的在线数据库时遇到问题。当我检查数据库时，似乎什么都没有 post。我对收到的响应执行了 NSLog，它是空白的。

这是.php:

<?php
        $db_host="someurl.com";
        $db_username="some_user"; 
        $db_pass="some_passwd";
        $db_name="some_db";

        $conn = mysql_connect($db_host, $db_username, $db_pass) or die ("Could not connect to 
                                                                        MySQL"); 

        mysql_select_db("$db_name") or die ("No database");

        // array for JSON response
        $json = $_SERVER['HTTP_JSON'];
        $data = json_decode($json);
        $some1_id = $data->some1_id;
        $imei = $data->imei;

        //does the imei exist?
        $result = mysql_query("SELECT * FROM usr_go WHERE imei = '".$imei."'"); 

        if (mysql_num_rows($result) == 0){
            if(isset($some1_id))
                $result = mysql_query("INSERT INTO usr_go(some1_id, imei) VALUES('".$some1_id."','".$imei."')");
        }
        else{
            if(isset($some1_id))
                $result = mysql_query("UPDATE usr_go SET some1_id = '".$some1_id."' WHERE imei = '". $imei ." AND some1_id IS NULL ");
        }

        mysql_close($conn);

        header('Content-type: application/json');
        $response = $result;
        echo json_encode($response);
?>

但是，如果我将 $response 硬编码为某个字符串值，并且 NSLog 接收到的响应，它会接收到适当的字符串值。

这是我的代码：

NSDictionary *dict = @{@"some1_id" : [NSNumber numberWithInt:self.cellIndex]};

    NSError *error = nil;

    NSData *json = [NSJSONSerialization dataWithJSONObject:dict options:0 error:&error];

    if (json)
    {
        NSURL *url = [NSURL URLWithString:@"someurl.com"];

        NSMutableURLRequest *req = [NSMutableURLRequest requestWithURL:url];
        [req setHTTPMethod:@"POST"];
        [req setValue:@"application/json; charset=utf-8" forHTTPHeaderField:@"Content-Type"];
        [req setHTTPBody:json];

        NSURLResponse *res = nil;
        NSData *ret = [NSURLConnection sendSynchronousRequest:req returningResponse:&res error:&error];

        NSString *resString = [[NSString alloc] initWithData:ret encoding:NSUTF8StringEncoding];
        NSLog(@"response String: %@",resString);


        NSString *jsonString = [[NSString alloc] initWithData:jsonData encoding:NSUTF8StringEncoding];
        NSLog(@"JSON Output: %@", jsonString);
    }
    else
    {
        NSLog(@"Unable to serialize the data %@: %@", dictionary, error);
    }

是否无法插入 IMEI，这就是为什么它没有 posting 或其他一些问题？

感谢您的帮助。

Answer 1

一些观察：

您应该使用 msqli 接口，而不是已弃用的 mysql 接口。
你永远不应该接受输入，而只是在 SQL 语句中使用它。使用 mysqli_real_escape_string 或绑定值（如下所示）。这对于确保您不易受到 SQL 注入攻击至关重要。如果插入的值恰好包含保留字符，它还可以保护您免受可能出现的无辜错误。
与其尝试只 json_encode mysqli_query 结果，不如构建一个更有意义的关联数组。例如，您可以检查 mysqli 调用的结果，如果成功则 return 一次 JSON ，如果失败则再检查一次。我可能会建议将失败再现 return 错误消息。
您应该在网络浏览器中测试您的 PHP，或者使用 Charles 之类的设备从设备上测试它。在您对客户端代码做得太过火之前，请确保您已返回预期的 JSON。最重要的是，看看您是否可以测试彼此隔离的客户端代码和服务器代码（或者首先保持尽可能简单）。
我不熟悉这个 $_SERVER['HTTP_JSON']; 结构。如果这对你有用，那很好，但它在我的服务器上不起作用。我曾经做过 fopen 个 php://input，如下图所示。

例如，这是一个不同的 database/table，但它可能说明了 PHP 代码的样子：

// read JSON input

$handle = fopen("php://input", "rb");
$raw_post_data = '';
while (!feof($handle)) {
    $raw_post_data .= fread($handle, 8192);
}
fclose($handle);

$request_data = json_decode($raw_post_data, true);

// prepare header for reply

header("Content-Type: application/json");

// open database

$mysqli = new mysqli($host, $userid, $password, $database);

// check connection 

if ($mysqli->connect_errno) {
    echo json_encode(array("success" => false, "message" => $mysqli->connect_error, "sqlerrno" => $mysqli->connect_errno));
    exit();
}

// perform the insert

$sql = "INSERT INTO locations (message, device, longitude, latitude) VALUES (?, ?, ?, ?)";

if ($stmt = $mysqli->prepare($sql)) {
    $stmt->bind_param("ssdd", $request_data["message"], $request_data["device"], $request_data["latitude"], $request_data["longitude"]);

    if (!$stmt->execute())
        $response = array("success" => false, "message" => $mysqli->error, "sqlerrno" => $mysqli->errno, "sqlstate" => $mysqli->sqlstate);
    else
        $response = array("success" => true);

    $stmt->close();
} else {
    $response = array("success" => false, "message" => $mysqli->error, "sqlerrno" => $mysqli->errno, "sqlstate" => $mysqli->sqlstate);
}

$mysqli->close();

echo json_encode($response);

显然，为您的表格更改此设置，但它说明了上述一些概念。我通常会添加更多错误检查（例如请求的 Content-Type，测试以确保在我尝试使用变量之前设置了变量，等等），但你可能明白了。

在客户端，还有一些小观察：

最严重的问题是sendSynchronousRequest的使用。使用 sendAsynchronousRequest 代替（或无数其他异步技术中的任何一种）。永远不要从主线程发出同步请求。
解析响应时，resString 将包含原始 JSON。我不知道你在构建 jsonString 时引用的 jsonData 变量是什么，但这看起来不对。

如果要解析响应，则为：
```
NSError *parseError;
NSDictionary *dictionary = [NSJSONSerialization JSONObjectWithData:data options:0 error:&parseError];
```
顺便说一下，上面假设你在你的回复中 return 一个 JSON 字典，就像我在我的例子中所做的那样，而不是你原来的 JSON 所做的。

如何使用objective-cpostJSON数据到PHP数据库？

How to post JSON data to PHP database using objective-c?

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