右值引用转换后的地址变化

Question

#include <iostream>
using namespace std;

int main()
{
  int i = 0;
  cout << &i << endl;

  const auto &ref = (short&&)i;
  cout << &ref << endl;

  return 0;
}

为什么 &i 与 &ref 不同？ (short&)i 不会导致此问题。 (short&&)i 是否生成临时变量？

Answer 1

(short&&)i 创建一个临时对象，因此您使用其他对象的地址，因此地址可能不同。

Answer 2

显然它创建了一个临时文件。

实际上编译器会自己告诉你。试试这个：

auto &ref = (short&&)i;
cout << &ref << endl;

错误说：

error: non-const lvalue reference to type 'short' cannot bind to a temporary of type 'short'

测试代码here.

Answer 3

这是因为你在进行不同类型的演员表。 C 风格的显式转换强制转换总是静态强制转换，如果它可以被解释为静态强制转换的话；否则它会重新解释演员表。 And/or 根据需要进行常量转换。

(short&&)i 是静态转换，因为它可以解释为 static_cast<short&&>(i)。它创建一个临时 short 对象，ref 绑定到该对象。作为一个不同的对象，它有不同的地址。

(short&)i 是一个重新解释的转换，因为它不能被解释为格式错误的 static_cast<short&>(i)。它将 int 引用重新解释为短引用，并且 ref 绑定到同一个对象。请注意，通过此引用访问对象将具有未定义的行为。

Answer 4

这将创建一个对存在的事物的左值引用：

const auto& ref = i;

表达式 &ref 和 &i 因此会给出相同的结果。

这也适用于：

const auto& ref = (int&)i;

这基本上是一回事。

但是，转换为非左值引用的对象 T（因此，转换为一个值，或另一种类型的右值引用！）必须创建一个临时的；当绑定到 ref 时，这个临时文件会延长生命周期。但是现在 ref 不是 "refer to" i，所以 address-of 结果会不同。

It's actually a little more complicated than that，但你明白了。此外，不要写这样的代码！ int 不是 short，你不能假装它是。

右值引用转换后的地址变化

address changes after a rvalue reference conversion

c++

type-conversion

rvalue-reference